[9급 국가직 무선공학개론] 13년 1회차
9급 국가직 무선공학개론 기출문제

13년 1회차

총 20문항 · 객관식 · A4 약 1장

1 / 1
A4정답 포함
9급 국가직 무선공학개론 기출문제모두CBT · moducbt.com

13년 1회차

총 20문항 · 객관식 · 정답·해설 포함
문제 1
전력이 100[W]인 신호가 어떤 회로를 통과하여 전력이 36[dBm]이 되었다고 할 때, 입력 신호와 출력 신호의 전력비는? (단, log2=0.3, log3=0.48로 한다)
14 : 1
29 : 1
316 : 1
425 : 1
정답 및 해설

입력과 출력의 전력비는 25 : 1이다.

입력 전력을 dBm으로 바꾸면 100 W=105 mW100\,\mathrm{W}=10^5\,\mathrm{mW}이므로 10log⁡105=50 dBm10\log10^5=50\,\mathrm{dBm}이다.

50−36=14 dB=20 dB−6 dB50-36=14\,\mathrm{dB}=20\,\mathrm{dB}-6\,\mathrm{dB}
20 dB→10020\,\mathrm{dB}\rightarrow100, 6 dB=2×10log⁡2→46\,\mathrm{dB}=2\times10\log2\rightarrow4
1004=25\dfrac{100}{4}=25

따라서 전력이 1/25로 줄었다.

문제 2
전파경로 상에 장애물이 존재하는 경우, 장애물 뒤쪽으로 전파의 일부가 휘어져서 전파되는 현상은?
1전파의 회절
2전파의 감쇄
3전파의 굴절
4전파의 편파
정답 및 해설

이 현상은 전파의 회절이다.

회절은 파동이 장애물 가장자리를 만나 그림자 영역으로 휘어 들어가는 현상이다. 파장이 길수록 잘 일어난다.

  • 감쇄는 거리·매질 흡수로 전파 세기가 약해지는 현상이다.
  • 굴절은 매질의 굴절률이 달라지는 경계나 층에서 진행 방향이 바뀌는 현상이다.
  • 편파는 전기장 진동 방향의 성질을 말한다.
문제 3
반송파를 삽입하는 진폭 변조에 대한 설명으로 옳지 않은 것은?
1반송파를 삽입하지 않는 방식에 비해 수신기가 복잡하다.
2변조지수가 1보다 작으면 비동기식 복조가 가능하다.
3전력 효율이 낮은 전송방식이다.
4SSB 방식에 비해 대역 효율이 낮다.
정답 및 해설

옳지 않은 것은 반송파를 삽입하지 않는 방식에 비해 수신기가 복잡하다는 설명이다.

반송파를 함께 보내면 수신기가 반송파를 복구할 필요 없이 포락선 검파로 간단히 복조할 수 있어 수신기가 오히려 단순하다.

  • 변조지수가 1보다 작으면 포락선이 왜곡되지 않아 비동기식 복조가 가능하다는 설명은 옳다.
  • 전력의 상당 부분이 정보가 없는 반송파에 쓰여 전력 효율이 낮다는 설명은 옳다.
  • 양측파대를 쓰므로 SSB보다 대역 효율이 낮다는 설명은 옳다.
문제 4
다음 디지털 변조 방식 가운데 대역 효율이 가장 높은 방식은?
1BPSK
2QPSK
316-QAM
432-ary orthogonal FSK
정답 및 해설

대역 효율이 가장 높은 방식은 16-QAM이다.

대역 효율은 심볼당 비트 수가 많을수록 높다. 16-QAM은 심볼당 4비트를 실는다.

  • BPSK는 심볼당 1비트로 가장 낮다.
  • QPSK는 심볼당 2비트다.
  • 직교 FSK는 M이 커질수록 필요한 주파수 수가 늘어 대역폭이 커지므로 대역 효율이 오히려 떨어진다.
문제 5
최대 초당 2,400[baud] 심볼률을 지원하는 시스템을 사용하여 5,000[bps] 디지털 음성을 보내고자 한다. 이러한 시스템을 구축하기 위해 필요한 최소의 심볼 상태 수는?
12
24
38
416
정답 및 해설

필요한 최소 심볼 상태 수는 8이다.

심볼당 실어야 할 비트 수는 RbRs\dfrac{R_b}{R_s}이다.

50002400≈2.08 bit\dfrac{5000}{2400}\approx2.08\,\mathrm{bit}

2비트(4 상태)로는 2400×2=4800 bps2400\times2=4800\,\mathrm{bps}밖에 보낼 수 없으므로, 심볼당 3비트인 23=82^3=8 상태가 필요하다.

문제 6
수신기에서 1[MHz]의 주기적인 신호가 2.7[MHz] 정현파를 출력하는 국부 발진기와 혼합된 후, 600[kHz]의 차단주파수를 갖는 저역통과필터(LPF)를 통과한다. 이러한 수신기의 저역통과필터(LPF) 출력에 나타나는 신호의 주파수[kHz]는?
1300
2400
3500
4550
정답 및 해설

LPF 출력 주파수는 300 kHz이다.

1 MHz 주기 신호에는 기본파와 고조파(1, 2, 3 MHz …)가 들어 있다. 혼합기 출력에는 각 성분과 2.7 MHz의 차 주파수가 나타난다.

∣2.7−1∣=1.7 MHz|2.7-1|=1.7\,\mathrm{MHz}, ∣2.7−2∣=0.7 MHz|2.7-2|=0.7\,\mathrm{MHz}, ∣3−2.7∣=0.3 MHz|3-2.7|=0.3\,\mathrm{MHz}, ∣4−2.7∣=1.3 MHz|4-2.7|=1.3\,\mathrm{MHz}

이 중 600 kHz 차단 LPF를 통과하는 것은 300 kHz뿐이다.

문제 7
길이가 7.5[cm]인 반파장 다이폴 안테나로 수신할 때, 수신감도가 가장 우수한 신호는? (단, 전파의 속도는 3×108[m/s]이다)
1s(t) = 7.5 cos (2×108πt)
2s(t) = 7.5 cos (4×108πt)
3s(t) = 15 cos (2×109πt)
4s(t) = 15 cos (4×109πt)
정답 및 해설

수신감도가 가장 우수한 신호는 15cos⁡(4×109πt)15\cos(4\times10^9\pi t)이다.

반파장 다이폴은 길이가 반파장인 주파수에서 공진한다. λ=2×7.5=15 cm\lambda=2\times7.5=15\,\mathrm{cm}이다.

f=3×1080.15=2×109 Hzf=\dfrac{3\times10^8}{0.15}=2\times10^9\,\mathrm{Hz}
ω=2πf=4×109π rad/s\omega=2\pi f=4\times10^9\pi\,\mathrm{rad/s}

2×109πt2\times10^9\pi t인 신호는 1 GHz로 파장이 30 cm여서 공진하지 않고, 앞의 계수(진폭)는 공진 여부와 무관하다.

문제 8
MIMO(Multi Input Multi Output) 안테나 기술에 대한 설명으로 옳지 않은 것은?
1다수의 송수신 안테나를 사용하여 전송률을 높일 수 있다.
2송수신 다이버시티를 기대하기 힘들다.
3송수신 안테나를 다수의 사용자에게 할당할 수도 있으며 한 사용자에 모두 할당할 수도 있다.
4무선통신 시 다중경로 페이딩과 같은 현상으로 인한 전송률 저하를 개선시킬 수 있다.
정답 및 해설

옳지 않은 것은 송수신 다이버시티를 기대하기 힘들다는 설명이다.

MIMO는 여러 안테나로 독립적인 경로를 만들기 때문에 공간 다이버시티 이득을 얻는 것이 대표적인 장점이다.

  • 공간 다중화로 전송률을 높일 수 있다는 설명은 옳다.
  • 안테나를 여러 사용자에게 나누거나 한 사용자에 모두 할당할 수 있다는 설명은 옳다.
  • 다중경로 페이딩으로 인한 전송률 저하를 개선할 수 있다는 설명은 옳다.
문제 9
무선 멀티미디어 통신을 위한 OFDM 전송방식에 대한 설명으로 옳지 않은 것은?
1다중경로에 효율적인 전송방식이다.
2CP(Cyclic Prefix)의 삽입으로 대역폭 효율이 증가한다.
3단일주파수망이 가능하여 방송용에도 장점으로 작용한다.
4협대역 간섭이 일부 부반송파에만 영향을 주기 때문에 협대역 간섭에 강하다.
정답 및 해설

옳지 않은 것은 CP 삽입으로 대역폭 효율이 증가한다는 설명이다.

CP(순환 전치)는 심볼 끝부분을 복사해 앞에 붙인 중복 구간으로, 심볼 간 간섭을 막지만 정보가 없는 시간을 쓰므로 대역폭 효율은 감소한다.

  • 저속 병렬 부반송파와 CP 덕분에 다중경로에 효율적이라는 설명은 옳다.
  • 여러 송신소가 같은 주파수로 송출하는 단일주파수망이 가능하다는 설명은 옳다.
  • 협대역 간섭이 일부 부반송파에만 영향을 준다는 설명은 옳다.
문제 10
위성통신 시스템에 대한 설명으로 옳지 않은 것은?
1저궤도 위성과 비교하였을 때, 정지궤도 위성은 지상 기지국에서 동일한 수신 전력을 얻기 위하여 보다 큰 송신 출력이 요구된다.
2저궤도 위성 시스템의 경우, 지상 기지국에서 위성의 위치를 추적하는 기능이 요구된다.
3정지궤도 위성의 경우, 3개의 위성으로 지구 대부분의 영역을 커버할 수 있다.
4다원접속(Multiple access)이라 함은 하나의 기지국이 여러 대의 위성에 동시 접속하는 것이다.
정답 및 해설

옳지 않은 것은 다원접속이 하나의 기지국이 여러 위성에 동시 접속하는 것이라는 설명이다.

위성통신의 다원접속은 여러 지구국이 하나의 위성(중계기)을 FDMA·TDMA·CDMA 등으로 함께 사용하는 것이다.

  • 정지궤도 위성은 거리가 멀어 같은 수신 전력을 얻으려면 더 큰 송신 출력이 필요하다는 설명은 옳다.
  • 저궤도 위성은 하늘을 빠르게 지나가므로 지상국의 추적 기능이 필요하다는 설명은 옳다.
  • 정지궤도 위성 3개로 극지방을 제외한 지구 대부분을 덮을 수 있다는 설명은 옳다.
문제 11
마이크로파(Microwave)를 이용한 통신 시스템의 특징으로 옳지 않은 것은?
1전리층의 반사를 이용한 통신이 가능하다.
2우수한 지향성, 직진성, 반사성을 갖는다.
3TV 중계, 위성 중계, 레이더 및 고속 데이터 통신에 사용된다.
4300MHz∼30GHz의 UHF와 SHF대의 전파가 마이크로파에 포함된다.
정답 및 해설

옳지 않은 것은 전리층 반사를 이용한 통신이 가능하다는 설명이다.

마이크로파는 주파수가 높아 전리층을 그대로 통과하므로 전리층 반사 통신은 단파(HF) 대역의 특징이다.

  • 지향성·직진성·반사성이 우수하다는 설명은 옳다.
  • TV 중계·위성 중계·레이더·고속 데이터 통신에 쓰인다는 설명은 옳다.
  • UHF와 SHF 대역(300 MHz~30 GHz)이 마이크로파에 포함된다는 설명은 옳다.
문제 12
진폭 변조(AM)와 비교하여 주파수 변조(FM)의 장점으로 옳지 않은 것은?
1진폭 리미터(limiter)에 의해 진폭에 중첩되어 있는 잡음 성분을 효과적으로 제거할 수 있다.
2AM에 비해 높은 주파수 대역을 사용하기 때문에 채널당 주파수 간격을 충분히 취함으로써 간섭을 피하고 잡음이 적은 통신이 가능하다.
3AM에서 100%이상 변조 시 신호 왜곡이 일어나는데 비해, FM에서는 이러한 왜곡이 문제가 되지 않아 신호대 잡음비의 개선이 비교적 용이하다.
4AM 송신기와 수신기는 변조와 복조를 위한 회로가 복잡해지고 장치의 크기와 가격이 증가하지만, FM의 경우 상대적으로 소형ㆍ경량ㆍ저가격으로 구성할 수 있다.
정답 및 해설

FM의 장점으로 옳지 않은 것은 FM 장치가 AM보다 소형·경량·저가격이라는 설명이다.

FM은 넓은 대역폭과 주파수 판별기·리미터 등이 필요해 송수신기 회로가 AM보다 복잡하다. 단순하고 값싼 것은 오히려 AM의 장점이다.

  • 리미터로 진폭에 실린 잡음을 제거할 수 있다는 설명은 옳다.
  • 높은 주파수 대역에서 채널 간격을 넉넉히 두어 간섭·잡음을 줄인다는 설명은 옳다.
  • 과변조 왜곡이 없어 대역폭을 늘려 SNR을 개선하기 쉽다는 설명은 옳다.
문제 13
셀룰러 이동통신의 핵심기술에 해당하지 않는 것은?
1핸드오프 기술
2동기 검파 기술
3주파수 재사용 기술
4셀 분할 기술
정답 및 해설

셀룰러 이동통신의 핵심기술이 아닌 것은 동기 검파 기술이다.

동기 검파는 일반적인 복조 기법일 뿐 셀룰러 개념과 무관하다. 셀룰러의 핵심은 주파수 재사용·핸드오프·셀 분할이다.

  • 핸드오프는 셀 경계를 넘어도 통화를 유지하는 기술이다.
  • 주파수 재사용은 떨어진 셀에서 같은 주파수를 다시 써 용량을 늘리는 기술이다.
  • 셀 분할은 통화량이 많은 셀을 작은 셀로 나눠 용량을 늘리는 기술이다.
문제 14
안테나에 대한 설명으로 옳지 않은 것은?
1주파수가 높아질수록 안테나 크기는 작아진다.
2안테나의 지향성은 안테나의 전력 이득과 무관하다.
3야기 안테나는 지향성 안테나이다.
4패치 안테나는 안테나 어레이를 만들기에 적합하다.
정답 및 해설

옳지 않은 것은 지향성이 전력 이득과 무관하다는 설명이다.

안테나 이득은 G=ηDG=\eta D로 방사 효율과 지향성의 곱이다. 지향성이 클수록 이득도 커진다.

  • 주파수가 높을수록 파장이 짧아져 안테나 크기가 작아진다는 설명은 옳다.
  • 야기 안테나가 지향성 안테나라는 설명은 옳다.
  • 평면형 패치 안테나는 배열을 만들기 쉽다는 설명은 옳다.
문제 15
대역폭이 400[Hz]인 신호를 변조지수가 2인 FM 변조하였다. 카슨(Carson)의 법칙을 이용할 때, 변조된 신호의 주파수 대역폭[Hz]은?
1400
21,200
32,400
43,600
정답 및 해설

FM 신호의 대역폭은 2,400 Hz이다.

카슨 법칙은 B=2(β+1)fmB=2(\beta+1)f_m이다.

B=2(2+1)×400=2400 HzB=2(2+1)\times400=2400\,\mathrm{Hz}

1을 더하지 않으면 1,600 Hz가 되고, 1,200 Hz는 2를 곱하지 않은 값이다.

문제 16
15[GHz]에서 동작하는 경찰 레이더가 차량의 속도를 추적하는데 사용되고 있다. 만약 차량이 180[km/h]의 속도로 움직이고 경찰 레이더에 일직선 방향으로 접근하고 있다면, 도플러 이동 주파수[Hz]는? (단, 전파의 속도는 3×108[m/s]이다)
11,500
21,800
35,000
48,944
정답 및 해설

도플러 이동 주파수는 5,000 Hz이다.

레이더는 전파가 차량에 반사되어 돌아오므로 도플러 효과가 두 번 생겨 fd=2vλf_d=\dfrac{2v}{\lambda}이다.

v=180 km/h=50 m/sv=180\,\mathrm{km/h}=50\,\mathrm{m/s}, λ=3×10815×109=0.02 m\lambda=\dfrac{3\times10^8}{15\times10^9}=0.02\,\mathrm{m}
fd=2×500.02=5000 Hzf_d=\dfrac{2\times50}{0.02}=5000\,\mathrm{Hz}

2를 곱하지 않으면 2,500 Hz가 된다.

문제 17
레이더에 대한 설명으로 옳지 않은 것은?
1표적의 거리는 송신신호가 표적에 도달하고 다시 돌아오는 데 걸린 시간으로 계산할 수 있다.
2표적의 방향은 귀환신호(Returned signal)의 도래각(Arrival angle)으로 결정한다.
3표적의 상대운동(Relative motion)은 귀환신호의 반송파에서 도플러 이동(Doppler shift)으로 결정할 수 있다.
4레이더는 표적의 거리, 방향, 속도 등을 측정할 수 있지만, 암흑ㆍ안개ㆍ우천 시와 같은 악천후 날씨와 장거리 영역에서 동작하지 못한다는 단점이 있다.
정답 및 해설

옳지 않은 것은 레이더가 악천후와 장거리에서 동작하지 못한다는 설명이다.

레이더는 전파를 쓰므로 빛이 통하지 않는 암흑·안개·우천에서도 동작하고, 장거리 탐지가 가능한 것이 장점이다.

  • 왕복 시간으로 표적 거리를 계산한다는 설명은 옳다.
  • 귀환신호의 도래각으로 표적 방향을 정한다는 설명은 옳다.
  • 귀환신호의 도플러 이동으로 상대 운동을 알 수 있다는 설명은 옳다.
문제 18
광대역 무선 액세스 시스템을 설계할 때, 무선 채널의 페이딩 현상에 대처하기 위한 수단으로서 적합하지 않은 것은?
1다수의 수신 안테나를 사용한다.
2변조지수를 증가시킨다.
3채널 부호화(Channel coding)를 적용한다.
4다수의 송신 안테나를 사용하고, 시공간 부호(Space-time code)를 적용한다.
정답 및 해설

페이딩 대처 수단으로 적합하지 않은 것은 변조지수를 증가시키는 것이다.

페이딩 대책은 독립적인 경로를 여러 개 확보하는 다이버시티와 오류를 바로잡는 채널 부호화다. 변조지수를 키우는 것은 페이딩에 따른 수신 전력 급감을 막지 못한다.

  • 다수의 수신 안테나는 수신 다이버시티를 준다.
  • 채널 부호화는 페이딩으로 생긴 오류를 정정한다.
  • 다수 송신 안테나와 시공간 부호는 송신 다이버시티를 준다.
문제 19
셀룰러 이동통신에서 RF 중계기의 사용목적에 대한 설명으로 옳지 않은 것은?
1신호 품질을 향상시킬 수 있다.
2다수의 중계기를 설치함으로 인해 전송 커버리지가 확대된다.
3기지국 설치비용이 절감된다.
4전계 강도가 부족하여 발생하는 부분적인 음영지역을 해소할 수 있다.
정답 및 해설

RF 중계기의 사용목적으로 옳지 않은 것은 신호 품질을 향상시킬 수 있다는 설명이다.

RF 중계기는 받은 신호를 잡음·간섭과 함께 그대로 증폭해 재송신하므로 신호 품질 자체를 높이지는 못한다. 목적은 전파가 약한 지역에 신호를 전달하는 커버리지 확보다.

  • 중계기를 여러 곳에 설치해 커버리지를 넓힌다는 설명은 옳다.
  • 기지국보다 값싼 중계기로 대체해 설치비용을 줄인다는 설명은 옳다.
  • 전계 강도 부족으로 생기는 음영지역을 해소한다는 설명은 옳다.
문제 20
무선 도시지역 통신망 기술인 WMAN(Wireless Metropolitan Area Networks)의 기술을 규정한 국제 표준명은?
1IEEE 802.11
2IEEE 802.15
3IEEE 802.16
4IEEE 802.21
정답 및 해설

WMAN 국제 표준은 IEEE 802.16이다.

IEEE 802.16은 도시 규모의 광대역 무선 접속(WiMAX)을 규정하며, 국내 와이브로도 이 계열이다.

  • IEEE 802.11은 무선 LAN(WLAN) 표준이다.
  • IEEE 802.15는 개인 영역 무선망(WPAN) 표준이다.
  • IEEE 802.21은 이종 망 간 핸드오버를 다루는 표준이다.
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13년 1회차
총 20문항 · 객관식 · 정답·해설 포함
문제 1
전력이 100[W]인 신호가 어떤 회로를 통과하여 전력이 36[dBm]이 되었다고 할 때, 입력 신호와 출력 신호의 전력비는? (단, log2=0.3, log3=0.48로 한다)
14 : 1
29 : 1
316 : 1
425 : 1
정답 및 해설

입력과 출력의 전력비는 25 : 1이다.

입력 전력을 dBm으로 바꾸면 100 W=105 mW100\,\mathrm{W}=10^5\,\mathrm{mW}이므로 10log⁡105=50 dBm10\log10^5=50\,\mathrm{dBm}이다.

50−36=14 dB=20 dB−6 dB50-36=14\,\mathrm{dB}=20\,\mathrm{dB}-6\,\mathrm{dB}
20 dB→10020\,\mathrm{dB}\rightarrow100, 6 dB=2×10log⁡2→46\,\mathrm{dB}=2\times10\log2\rightarrow4
1004=25\dfrac{100}{4}=25

따라서 전력이 1/25로 줄었다.

문제 2
전파경로 상에 장애물이 존재하는 경우, 장애물 뒤쪽으로 전파의 일부가 휘어져서 전파되는 현상은?
1전파의 회절
2전파의 감쇄
3전파의 굴절
4전파의 편파
정답 및 해설

이 현상은 전파의 회절이다.

회절은 파동이 장애물 가장자리를 만나 그림자 영역으로 휘어 들어가는 현상이다. 파장이 길수록 잘 일어난다.

  • 감쇄는 거리·매질 흡수로 전파 세기가 약해지는 현상이다.
  • 굴절은 매질의 굴절률이 달라지는 경계나 층에서 진행 방향이 바뀌는 현상이다.
  • 편파는 전기장 진동 방향의 성질을 말한다.
문제 3
반송파를 삽입하는 진폭 변조에 대한 설명으로 옳지 않은 것은?
1반송파를 삽입하지 않는 방식에 비해 수신기가 복잡하다.
2변조지수가 1보다 작으면 비동기식 복조가 가능하다.
3전력 효율이 낮은 전송방식이다.
4SSB 방식에 비해 대역 효율이 낮다.
정답 및 해설

옳지 않은 것은 반송파를 삽입하지 않는 방식에 비해 수신기가 복잡하다는 설명이다.

반송파를 함께 보내면 수신기가 반송파를 복구할 필요 없이 포락선 검파로 간단히 복조할 수 있어 수신기가 오히려 단순하다.

  • 변조지수가 1보다 작으면 포락선이 왜곡되지 않아 비동기식 복조가 가능하다는 설명은 옳다.
  • 전력의 상당 부분이 정보가 없는 반송파에 쓰여 전력 효율이 낮다는 설명은 옳다.
  • 양측파대를 쓰므로 SSB보다 대역 효율이 낮다는 설명은 옳다.
문제 4
다음 디지털 변조 방식 가운데 대역 효율이 가장 높은 방식은?
1BPSK
2QPSK
316-QAM
432-ary orthogonal FSK
정답 및 해설

대역 효율이 가장 높은 방식은 16-QAM이다.

대역 효율은 심볼당 비트 수가 많을수록 높다. 16-QAM은 심볼당 4비트를 실는다.

  • BPSK는 심볼당 1비트로 가장 낮다.
  • QPSK는 심볼당 2비트다.
  • 직교 FSK는 M이 커질수록 필요한 주파수 수가 늘어 대역폭이 커지므로 대역 효율이 오히려 떨어진다.
문제 5
최대 초당 2,400[baud] 심볼률을 지원하는 시스템을 사용하여 5,000[bps] 디지털 음성을 보내고자 한다. 이러한 시스템을 구축하기 위해 필요한 최소의 심볼 상태 수는?
12
24
38
416
정답 및 해설

필요한 최소 심볼 상태 수는 8이다.

심볼당 실어야 할 비트 수는 RbRs\dfrac{R_b}{R_s}이다.

50002400≈2.08 bit\dfrac{5000}{2400}\approx2.08\,\mathrm{bit}

2비트(4 상태)로는 2400×2=4800 bps2400\times2=4800\,\mathrm{bps}밖에 보낼 수 없으므로, 심볼당 3비트인 23=82^3=8 상태가 필요하다.

문제 6
수신기에서 1[MHz]의 주기적인 신호가 2.7[MHz] 정현파를 출력하는 국부 발진기와 혼합된 후, 600[kHz]의 차단주파수를 갖는 저역통과필터(LPF)를 통과한다. 이러한 수신기의 저역통과필터(LPF) 출력에 나타나는 신호의 주파수[kHz]는?
1300
2400
3500
4550
정답 및 해설

LPF 출력 주파수는 300 kHz이다.

1 MHz 주기 신호에는 기본파와 고조파(1, 2, 3 MHz …)가 들어 있다. 혼합기 출력에는 각 성분과 2.7 MHz의 차 주파수가 나타난다.

∣2.7−1∣=1.7 MHz|2.7-1|=1.7\,\mathrm{MHz}, ∣2.7−2∣=0.7 MHz|2.7-2|=0.7\,\mathrm{MHz}, ∣3−2.7∣=0.3 MHz|3-2.7|=0.3\,\mathrm{MHz}, ∣4−2.7∣=1.3 MHz|4-2.7|=1.3\,\mathrm{MHz}

이 중 600 kHz 차단 LPF를 통과하는 것은 300 kHz뿐이다.

문제 7
길이가 7.5[cm]인 반파장 다이폴 안테나로 수신할 때, 수신감도가 가장 우수한 신호는? (단, 전파의 속도는 3×108[m/s]이다)
1s(t) = 7.5 cos (2×108πt)
2s(t) = 7.5 cos (4×108πt)
3s(t) = 15 cos (2×109πt)
4s(t) = 15 cos (4×109πt)
정답 및 해설

수신감도가 가장 우수한 신호는 15cos⁡(4×109πt)15\cos(4\times10^9\pi t)이다.

반파장 다이폴은 길이가 반파장인 주파수에서 공진한다. λ=2×7.5=15 cm\lambda=2\times7.5=15\,\mathrm{cm}이다.

f=3×1080.15=2×109 Hzf=\dfrac{3\times10^8}{0.15}=2\times10^9\,\mathrm{Hz}
ω=2πf=4×109π rad/s\omega=2\pi f=4\times10^9\pi\,\mathrm{rad/s}

2×109πt2\times10^9\pi t인 신호는 1 GHz로 파장이 30 cm여서 공진하지 않고, 앞의 계수(진폭)는 공진 여부와 무관하다.

문제 8
MIMO(Multi Input Multi Output) 안테나 기술에 대한 설명으로 옳지 않은 것은?
1다수의 송수신 안테나를 사용하여 전송률을 높일 수 있다.
2송수신 다이버시티를 기대하기 힘들다.
3송수신 안테나를 다수의 사용자에게 할당할 수도 있으며 한 사용자에 모두 할당할 수도 있다.
4무선통신 시 다중경로 페이딩과 같은 현상으로 인한 전송률 저하를 개선시킬 수 있다.
정답 및 해설

옳지 않은 것은 송수신 다이버시티를 기대하기 힘들다는 설명이다.

MIMO는 여러 안테나로 독립적인 경로를 만들기 때문에 공간 다이버시티 이득을 얻는 것이 대표적인 장점이다.

  • 공간 다중화로 전송률을 높일 수 있다는 설명은 옳다.
  • 안테나를 여러 사용자에게 나누거나 한 사용자에 모두 할당할 수 있다는 설명은 옳다.
  • 다중경로 페이딩으로 인한 전송률 저하를 개선할 수 있다는 설명은 옳다.
문제 9
무선 멀티미디어 통신을 위한 OFDM 전송방식에 대한 설명으로 옳지 않은 것은?
1다중경로에 효율적인 전송방식이다.
2CP(Cyclic Prefix)의 삽입으로 대역폭 효율이 증가한다.
3단일주파수망이 가능하여 방송용에도 장점으로 작용한다.
4협대역 간섭이 일부 부반송파에만 영향을 주기 때문에 협대역 간섭에 강하다.
정답 및 해설

옳지 않은 것은 CP 삽입으로 대역폭 효율이 증가한다는 설명이다.

CP(순환 전치)는 심볼 끝부분을 복사해 앞에 붙인 중복 구간으로, 심볼 간 간섭을 막지만 정보가 없는 시간을 쓰므로 대역폭 효율은 감소한다.

  • 저속 병렬 부반송파와 CP 덕분에 다중경로에 효율적이라는 설명은 옳다.
  • 여러 송신소가 같은 주파수로 송출하는 단일주파수망이 가능하다는 설명은 옳다.
  • 협대역 간섭이 일부 부반송파에만 영향을 준다는 설명은 옳다.
문제 10
위성통신 시스템에 대한 설명으로 옳지 않은 것은?
1저궤도 위성과 비교하였을 때, 정지궤도 위성은 지상 기지국에서 동일한 수신 전력을 얻기 위하여 보다 큰 송신 출력이 요구된다.
2저궤도 위성 시스템의 경우, 지상 기지국에서 위성의 위치를 추적하는 기능이 요구된다.
3정지궤도 위성의 경우, 3개의 위성으로 지구 대부분의 영역을 커버할 수 있다.
4다원접속(Multiple access)이라 함은 하나의 기지국이 여러 대의 위성에 동시 접속하는 것이다.
정답 및 해설

옳지 않은 것은 다원접속이 하나의 기지국이 여러 위성에 동시 접속하는 것이라는 설명이다.

위성통신의 다원접속은 여러 지구국이 하나의 위성(중계기)을 FDMA·TDMA·CDMA 등으로 함께 사용하는 것이다.

  • 정지궤도 위성은 거리가 멀어 같은 수신 전력을 얻으려면 더 큰 송신 출력이 필요하다는 설명은 옳다.
  • 저궤도 위성은 하늘을 빠르게 지나가므로 지상국의 추적 기능이 필요하다는 설명은 옳다.
  • 정지궤도 위성 3개로 극지방을 제외한 지구 대부분을 덮을 수 있다는 설명은 옳다.
문제 11
마이크로파(Microwave)를 이용한 통신 시스템의 특징으로 옳지 않은 것은?
1전리층의 반사를 이용한 통신이 가능하다.
2우수한 지향성, 직진성, 반사성을 갖는다.
3TV 중계, 위성 중계, 레이더 및 고속 데이터 통신에 사용된다.
4300MHz∼30GHz의 UHF와 SHF대의 전파가 마이크로파에 포함된다.
정답 및 해설

옳지 않은 것은 전리층 반사를 이용한 통신이 가능하다는 설명이다.

마이크로파는 주파수가 높아 전리층을 그대로 통과하므로 전리층 반사 통신은 단파(HF) 대역의 특징이다.

  • 지향성·직진성·반사성이 우수하다는 설명은 옳다.
  • TV 중계·위성 중계·레이더·고속 데이터 통신에 쓰인다는 설명은 옳다.
  • UHF와 SHF 대역(300 MHz~30 GHz)이 마이크로파에 포함된다는 설명은 옳다.
문제 12
진폭 변조(AM)와 비교하여 주파수 변조(FM)의 장점으로 옳지 않은 것은?
1진폭 리미터(limiter)에 의해 진폭에 중첩되어 있는 잡음 성분을 효과적으로 제거할 수 있다.
2AM에 비해 높은 주파수 대역을 사용하기 때문에 채널당 주파수 간격을 충분히 취함으로써 간섭을 피하고 잡음이 적은 통신이 가능하다.
3AM에서 100%이상 변조 시 신호 왜곡이 일어나는데 비해, FM에서는 이러한 왜곡이 문제가 되지 않아 신호대 잡음비의 개선이 비교적 용이하다.
4AM 송신기와 수신기는 변조와 복조를 위한 회로가 복잡해지고 장치의 크기와 가격이 증가하지만, FM의 경우 상대적으로 소형ㆍ경량ㆍ저가격으로 구성할 수 있다.
정답 및 해설

FM의 장점으로 옳지 않은 것은 FM 장치가 AM보다 소형·경량·저가격이라는 설명이다.

FM은 넓은 대역폭과 주파수 판별기·리미터 등이 필요해 송수신기 회로가 AM보다 복잡하다. 단순하고 값싼 것은 오히려 AM의 장점이다.

  • 리미터로 진폭에 실린 잡음을 제거할 수 있다는 설명은 옳다.
  • 높은 주파수 대역에서 채널 간격을 넉넉히 두어 간섭·잡음을 줄인다는 설명은 옳다.
  • 과변조 왜곡이 없어 대역폭을 늘려 SNR을 개선하기 쉽다는 설명은 옳다.
문제 13
셀룰러 이동통신의 핵심기술에 해당하지 않는 것은?
1핸드오프 기술
2동기 검파 기술
3주파수 재사용 기술
4셀 분할 기술
정답 및 해설

셀룰러 이동통신의 핵심기술이 아닌 것은 동기 검파 기술이다.

동기 검파는 일반적인 복조 기법일 뿐 셀룰러 개념과 무관하다. 셀룰러의 핵심은 주파수 재사용·핸드오프·셀 분할이다.

  • 핸드오프는 셀 경계를 넘어도 통화를 유지하는 기술이다.
  • 주파수 재사용은 떨어진 셀에서 같은 주파수를 다시 써 용량을 늘리는 기술이다.
  • 셀 분할은 통화량이 많은 셀을 작은 셀로 나눠 용량을 늘리는 기술이다.
문제 14
안테나에 대한 설명으로 옳지 않은 것은?
1주파수가 높아질수록 안테나 크기는 작아진다.
2안테나의 지향성은 안테나의 전력 이득과 무관하다.
3야기 안테나는 지향성 안테나이다.
4패치 안테나는 안테나 어레이를 만들기에 적합하다.
정답 및 해설

옳지 않은 것은 지향성이 전력 이득과 무관하다는 설명이다.

안테나 이득은 G=ηDG=\eta D로 방사 효율과 지향성의 곱이다. 지향성이 클수록 이득도 커진다.

  • 주파수가 높을수록 파장이 짧아져 안테나 크기가 작아진다는 설명은 옳다.
  • 야기 안테나가 지향성 안테나라는 설명은 옳다.
  • 평면형 패치 안테나는 배열을 만들기 쉽다는 설명은 옳다.
문제 15
대역폭이 400[Hz]인 신호를 변조지수가 2인 FM 변조하였다. 카슨(Carson)의 법칙을 이용할 때, 변조된 신호의 주파수 대역폭[Hz]은?
1400
21,200
32,400
43,600
정답 및 해설

FM 신호의 대역폭은 2,400 Hz이다.

카슨 법칙은 B=2(β+1)fmB=2(\beta+1)f_m이다.

B=2(2+1)×400=2400 HzB=2(2+1)\times400=2400\,\mathrm{Hz}

1을 더하지 않으면 1,600 Hz가 되고, 1,200 Hz는 2를 곱하지 않은 값이다.

문제 16
15[GHz]에서 동작하는 경찰 레이더가 차량의 속도를 추적하는데 사용되고 있다. 만약 차량이 180[km/h]의 속도로 움직이고 경찰 레이더에 일직선 방향으로 접근하고 있다면, 도플러 이동 주파수[Hz]는? (단, 전파의 속도는 3×108[m/s]이다)
11,500
21,800
35,000
48,944
정답 및 해설

도플러 이동 주파수는 5,000 Hz이다.

레이더는 전파가 차량에 반사되어 돌아오므로 도플러 효과가 두 번 생겨 fd=2vλf_d=\dfrac{2v}{\lambda}이다.

v=180 km/h=50 m/sv=180\,\mathrm{km/h}=50\,\mathrm{m/s}, λ=3×10815×109=0.02 m\lambda=\dfrac{3\times10^8}{15\times10^9}=0.02\,\mathrm{m}
fd=2×500.02=5000 Hzf_d=\dfrac{2\times50}{0.02}=5000\,\mathrm{Hz}

2를 곱하지 않으면 2,500 Hz가 된다.

문제 17
레이더에 대한 설명으로 옳지 않은 것은?
1표적의 거리는 송신신호가 표적에 도달하고 다시 돌아오는 데 걸린 시간으로 계산할 수 있다.
2표적의 방향은 귀환신호(Returned signal)의 도래각(Arrival angle)으로 결정한다.
3표적의 상대운동(Relative motion)은 귀환신호의 반송파에서 도플러 이동(Doppler shift)으로 결정할 수 있다.
4레이더는 표적의 거리, 방향, 속도 등을 측정할 수 있지만, 암흑ㆍ안개ㆍ우천 시와 같은 악천후 날씨와 장거리 영역에서 동작하지 못한다는 단점이 있다.
정답 및 해설

옳지 않은 것은 레이더가 악천후와 장거리에서 동작하지 못한다는 설명이다.

레이더는 전파를 쓰므로 빛이 통하지 않는 암흑·안개·우천에서도 동작하고, 장거리 탐지가 가능한 것이 장점이다.

  • 왕복 시간으로 표적 거리를 계산한다는 설명은 옳다.
  • 귀환신호의 도래각으로 표적 방향을 정한다는 설명은 옳다.
  • 귀환신호의 도플러 이동으로 상대 운동을 알 수 있다는 설명은 옳다.
문제 18
광대역 무선 액세스 시스템을 설계할 때, 무선 채널의 페이딩 현상에 대처하기 위한 수단으로서 적합하지 않은 것은?
1다수의 수신 안테나를 사용한다.
2변조지수를 증가시킨다.
3채널 부호화(Channel coding)를 적용한다.
4다수의 송신 안테나를 사용하고, 시공간 부호(Space-time code)를 적용한다.
정답 및 해설

페이딩 대처 수단으로 적합하지 않은 것은 변조지수를 증가시키는 것이다.

페이딩 대책은 독립적인 경로를 여러 개 확보하는 다이버시티와 오류를 바로잡는 채널 부호화다. 변조지수를 키우는 것은 페이딩에 따른 수신 전력 급감을 막지 못한다.

  • 다수의 수신 안테나는 수신 다이버시티를 준다.
  • 채널 부호화는 페이딩으로 생긴 오류를 정정한다.
  • 다수 송신 안테나와 시공간 부호는 송신 다이버시티를 준다.
문제 19
셀룰러 이동통신에서 RF 중계기의 사용목적에 대한 설명으로 옳지 않은 것은?
1신호 품질을 향상시킬 수 있다.
2다수의 중계기를 설치함으로 인해 전송 커버리지가 확대된다.
3기지국 설치비용이 절감된다.
4전계 강도가 부족하여 발생하는 부분적인 음영지역을 해소할 수 있다.
정답 및 해설

RF 중계기의 사용목적으로 옳지 않은 것은 신호 품질을 향상시킬 수 있다는 설명이다.

RF 중계기는 받은 신호를 잡음·간섭과 함께 그대로 증폭해 재송신하므로 신호 품질 자체를 높이지는 못한다. 목적은 전파가 약한 지역에 신호를 전달하는 커버리지 확보다.

  • 중계기를 여러 곳에 설치해 커버리지를 넓힌다는 설명은 옳다.
  • 기지국보다 값싼 중계기로 대체해 설치비용을 줄인다는 설명은 옳다.
  • 전계 강도 부족으로 생기는 음영지역을 해소한다는 설명은 옳다.
문제 20
무선 도시지역 통신망 기술인 WMAN(Wireless Metropolitan Area Networks)의 기술을 규정한 국제 표준명은?
1IEEE 802.11
2IEEE 802.15
3IEEE 802.16
4IEEE 802.21
정답 및 해설

WMAN 국제 표준은 IEEE 802.16이다.

IEEE 802.16은 도시 규모의 광대역 무선 접속(WiMAX)을 규정하며, 국내 와이브로도 이 계열이다.

  • IEEE 802.11은 무선 LAN(WLAN) 표준이다.
  • IEEE 802.15는 개인 영역 무선망(WPAN) 표준이다.
  • IEEE 802.21은 이종 망 간 핸드오버를 다루는 표준이다.